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    湖南省涟源一中物理第十二章 电能 能量守恒定律精选测试卷-

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    湖南省涟源一中物理第十二章 电能 能量守恒定律精选测试卷

    一、第十二章 电能 能量守恒定律实验题易错题培优（难）
    1．小王和小李两同学分别用电阻箱、电压表测量不同电源的电动势和内阻。
    （1）小王所测电源的内电阻r1较小，因此他在电路中接入了一个阻值为2.0Ω的定值电阻R0，所用电路如图甲所示。

    ①请根据图甲用笔画线代替导线将图乙所示器材连接成完整的实验电路_____。 ②闭合开关S，调整电阻箱的阻值R，读出电压表（可视为理想电压表）相应的示数U，得到了一组U、R数据。为了比较准确地得出实验结论，小王同学准备用直线图象来处理实验数据，应选择以下哪个图像来处理数据________。 A．UR B．UUU1 C．R D．U
    R0RU（2）小李同学所测电源的电动势E2约为9V，内阻r2为35～55Ω，允许通过的最大电流为50mA。小李同学所用电路如图丙所示，图中电阻箱R的阻值范围为0～9999Ω。

    ①电路中R0为保护电阻。实验室中备有以下几种规格的定值电阻，阻值和允许通过的最大电流如下，本实验中应选用________。
    A．20Ω，125mA B．50Ω，20mA C．150Ω，60mA D．1500Ω，5mA
    ②实验中通过调节电阻箱的阻值，记录电阻箱的阻值R及相应的电压表的示数U，根据测11得的多组数据，作出图线，图线的纵轴截距为a，图线的斜率绝对值为b，则UR0R电源的电动势E2＝______，内阻r2＝________。
    【答案】 B C b1 aa【解析】 【分析】



    【详解】
    （1）①[1]根据电路图，实物图连接如图所示：

    ②[2]根据欧姆定律可知
    UE1U(R0r1
    R可得
    UUE1(R0r1
    R故横坐标为故选B。
    （2）①[3]电路最小总电阻约为
    U，选项B正确，ACD错误。 RRmin9180
    0.05为保护电路安全，保护电阻应选C(150Ω，60mA，选项C正确，ABD错误。 故选C。
    ②[4][5]在闭合电路中，电源电动势为
    E2UIr2U则
    Ur2 R0R1r211， UE2R0RE2则11图象是直线。 UR0R1 E2截距为
    a斜率为
    b
    解得
    r2 E2


    E21b，r2 aa
    2．听说水果也能做电池，某兴趣小组的同学将一个土豆做成水果电池．同学们通过查阅资料知道这种水果的电动势大约1伏左右,又用量程为0～3V、内阻约50kΩ的伏特表测其两极时读数为0.96V．可是当他们将四个这样的水果电池串起来给标为3V，0.5A的小灯泡供电时，灯泡并不发光．检查灯泡、线路均没有故障，而用伏特表直接测量其电压确实能达到3V多．

    (1据你分析,出现这种现象的原因应当是：__________（不要求写分析、推导过程）．


    （2）为了能尽可能准确测定水果电池的电动势和内阻,若实验室除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：

    A．电流表A1（量程为0～0.6A ，内阻为1Ω） B．灵敏电流表A2（量程为0～0.6mA ，内阻为800Ω） C．灵敏电流表A3（量程为0～300μA ，内阻未知） D．滑动变阻器R1 （最大阻值约10Ω） E．滑动变阻器R2（最大阻值约2kΩ） F．变阻箱（0～9999Ω）
    ①实验中应选择的器材是_____________(填器材前的字母代号． ②在方框中画出应采用的电路________．

    【答案】水果电池的内阻太大． BF
    【解析】 【分析】 【详解】



    （1）根据闭合电路欧姆定律可得电路电流IE，要想灯泡发光，就得有较大电流，Rr只是电动势高还不行，必须内阻也小才行，所以灯泡不亮的原因是水果电池的内阻太大． （2）①本题中电流表A1量程太大，A3内阻未知，所以选A2较好；由于没有电压表，所以选电阻箱将电路串联，利用闭合电路欧姆定律可以测出内阻．故实验中应选择的器材是B、F．
    ②实验电路如下图

    【点睛】
    测电源电动势和内阻的方法虽然各不相同，但是都是根据闭合电路欧姆定设计的．

    3．一研究学习小组，为了测定两节串联干电池组的电动势E和内电阻r，实验器材有：一只DIS电流传感器（可视为理想电流表，测得的电流用I表示），一只电阻箱（阻值用R表示），一只开关和导线若干。该学习小组设计了如图甲所示的电路进行实验和采集数据。

    （1）设计该实验的原理表达式是________（用E、r、I、R表示）；
    （2）在闭合开关之前，应先将电阻箱阻值调至________（选填“最大值”、“最小值”或“任意值”），在实验过程中，将电阻箱调至图乙所示位置，则此时电阻箱接入电路的阻值为________Ω；
    1﹣R图象，则由图象求得该电池组的电动I势E=_______V，内阻r=_______Ω．（结果均保留两位有效数字） 【答案】E=I（R+r） 最大值 12 2.7 2.1 【解析】 【详解】
    （3）根据实验采集到的数据作出如图丙所示的（1）[1]．由图可知，本实验采用的是电流表与电阻箱测定电动势，在闭合电路中，电动


    势为：E=I（R+r）；
    （2）[2][3]．为了保证电路安全，闭合开关前电阻箱接入电路的阻值应为电阻箱的最大阻值；由图乙所示电阻箱可知，电阻箱的示数为：0×1000Ω+0×100Ω+1×10Ω+2×1Ω=12Ω； （3）[4][5]．在闭合电路中，E=I（R+r），则
    11rR IEE1r1R图象的截距：b，图象斜率：k
    EEI由图象可知：b=0.8，
    则    1413kIR918解得电动势为：E≈2.7V，电源内阻为：r≈2.1Ω；


    4．图为某同学组装完成的简易多用电表，图中E是电池，R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连．

    （1）图（a）中的A端与 ______________（选填“红”或“黑”）色表笔相连接． （2）关于R6的使用，下列说法正确的是_____________________． A．在使用多用电表之前，调整R6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置
    B．使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置 C．使用电流挡时，调整R6使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置
    （3）用×100档测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到_____________档（选填“×10”或“×1K”）．如果换档后立即用表笔连接待测电阻进行测量，那么缺少的步骤是__________________________，若补上该步骤后测量，表盘的示数如图b，则该电阻的阻值是___________________________Ω． 【答案】黑 B ×1K 进行欧姆调零 22000 【解析】 【详解】
    (1[1]欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，负极与红表笔相连，即红进黑出；由图示电路图可知A端与黑色表笔相连；



    (2[2]由电路图可知R6只在测量电阻时才接入电路，故其作用只能进行欧姆调零，不能进行机械调零，同时在使用电流档时也不需要时行调节； A.与分析不符，不符合题意； B.与分析相符，符合题意； C.与分析不符，不符合题意；
    (3[3]用×100挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，说明所选档位太小，为了较准确地进行测量，应换到×1k挡；[4]如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是：重新进行欧姆调零；[5]由图示表盘可知该电阻的阻值是221kΩ22000Ω．

    5．用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组（电动势约4.5V，内电阻约1Ω）的电动势和内电阻，除了待测电池组，电建，导线外，还有下列器材供选用∶ A．电流表∶量程0.6A，内电阻约1Ω B．电流表∶量程3A，内电阻约0.2Ω C．电压表∶量程3V，内电阻约30kΩ D．电压表∶量程6V，内电阻约60kΩ E.滑动变阻器∶0~1000Ω，额定电流0.5A F.滑动变阻器∶0~20Ω，额定电流2A
    (1为了使测量结果尽量准确，电流表应选用________，电压表选用________，滑动变阻器应选用________（均填仪器的字母代号）

    (2下图为正确选择仪器后，连好的部分电路，为了使测量误差尽量小，还需要在电路中用导线将________和________相连、________和________相连、________和________相连。（均填仪器上接线柱的字母代号）

    (3.实验时发现电流表坏了，于是不再使用电流表，剩余仪器中仅用电阻箱替换掉滑动变阻器，重新连接电路，仍能完成实验，实验中读出几组电阻箱的阻值R和对应电压表的示数U；用图像法处理采集到数据，为在直角坐标系中得到的函数图像是一条直线，则可以_________为纵坐标，以________为横坐标。 【答案】A D F a d c g f h 【解析】 【分析】
    11 UR


    【详解】
    (1 [1][2]按仪器选择顺序，先选电表，电池电动势为4.5V，故电压表选择6V量程的D； 电路的最大电源不超过0.45A，故电流表选择0.6A量程的A即可； [3]因要求测量结果尽量准确，为方便调节，变阻器选择20Ω的F即可；
    (2[4][5][6]为减小误差，电流表应采用内接法，同时注意电表的正、负接线柱，故可知导线应连接ad、fh、cg；

    (3[7]换用电阻箱后，根据闭合电路欧姆定律有EUUr，变形后得到
    R11r1UR1r 或UEr或R
    RUEEUEER11UR故图像坐标可以为、或U、或、R（横纵坐标互换亦可）
    RUUR【点睛】

    6．用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组旳电动势E和内阻r，又能同时描绘小灯泡旳伏安特性曲线.
    A．电压表V1（量程6V、内阻很大） B．电压表V2（量程3V、内阻很大） C．电流表A（量程3A、内阻很小）
    D．滑动变阻器R（最大阻值10Ω、额定电流4A） E．小灯泡（2A、5W） F．电池组（电动势E、内阻r） G．开关一只，导线若干
    实验时，调节滑动变阻器旳阻值，多次测量后发现：若电压表V1旳示数增大，则电压表V2旳示数减小.
    （1）请将设计旳实验电路图在虚线方框中补充完整_____.

    （2）每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V1和电压表V2旳示数，组成两个坐标点（I，U1）、（I，U2），标到U—I坐标中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图所示，则电池组旳电动势E＝__________V、内阻r＝_________Ω.（本小题结果保留2位有效数字）
    （3）在U—I坐标中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路旳阻值应为________Ω，电池组旳效率为_____________（此空结果保留2位有效数字）.




    【答案】 4.5 1.0 0 56%
    【解析】 【详解】
    （1）[1]伏安法测电源电动势与内阻实验中，电压表测路端电压，电压表示数随滑动变阻器接入电路阻值的增大而增大；描绘小灯泡伏安特性曲线实验中，电流表测流过灯泡的电流，灯泡两端电压随滑动变阻器接入电路电阻的增大而减小，调节滑动变阻器时，电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小，则V1测路端电压，V2测灯泡两端电压，电路图如图所示：

    （2）[2]电源的U-I图象是一条倾斜的直线，由图象可知，电源电动势为：
    E4.5V；

    [3]则电源内阻为：
    rU4.5V2.5V1.0Ω； I2.0A（3）[4]由图乙所示图象可知，两图象的交点坐标，即灯泡电压流I2.0A，则电源电动势为：
    U    L2.5V，此时电路电EIrULIR滑
    即：
    4.5V2.0A1Ω2.5V2.0AR滑
    则：
    R滑0Ω；
    [5]则电池组旳效率为：



    U
    L    I    EI100%56%。
    7．某学生实验小组做测定电源的电动势和内电阻的实验，请回答下列问题
    （1）在测定电源电动势和内阻的实验方案中，该小组提出下列几种实验方案，其中不能达到实验目的是_____

    （2）该实验小组选择上一问中的某一种方案，根据实验数据画出的U-I图象，如下图所示，由此可知这节干电池的电动势E＝___V、内电阻r＝___Ω．（保留两位有效数字）

    【答案】A 1.40 0.67 【解析】 【详解】
    (1[1]测量电源电动势和内阻的实验需要测出两个未知物理量，所以实验中需要通过仪器测出两个物理量，根据选择仪器的不同有三种方案：伏安法、伏阻法、安阻法，其中伏安法测量电动势和内阻的实验中根据电流表的位置不同，有两种不同的连接方法； A.与分析相符，符合题意； B.与分析不符，不符合题意； C.与分析不符，不符合题意； D.与分析不符，不符合题意；
    (2[2][3]由闭合电路欧姆定律可知UEIr；由图象可知电源的UI图象与纵轴的交点坐标值是1.40，则电源电动势E1.40V，电源内阻
    rU1.401.0Ω0.67Ω I0.6
    二、第十二章 电能 能量守恒定律选择题易错题培优（难）
    8．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，电路中的R2、R3分别为总阻值一定的滑动变阻器，R0为定值电阻，R1为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小），当开关S闭


    合，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态，下列说法中正确的是（ ）

    A．只断开开关S，电容器所带电荷量变大，带电微粒向上运动
    B．只调节电阻R3的滑动端P2向上移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动 C．只调节电阻R2的滑动端P1向下移动时，电压表示数变大，带电微粒向上运动 D．只增大R1的光照强度，电阻R0消耗的功率变大，带电微粒向上运动 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】
    只断开开关S，电容器放电，所带电荷量变小，带电微粒向下运动，所以A错误；电阻R3与电容器串联，该之路断路，所以只调节电阻R3的滑动端P2向上移动时，电压表示数不变，带电微粒静止不动，所以B错误；只调节电阻R2的滑动端P1向下移动时，外电路电阻不变，路端电压不变，故电压表示数保持不变，电容器的电压增大，带电微粒向上运动，C错误；只增大R1的光照强度，R1的阻值减小，电流增大，所以电阻R0消耗的功率变大，带电微粒向上运动，D正确．

    9．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r（R2rR1R2），电表均视为理想电表。闭合开关S后，调节R的阻值，使电流表A1的示数增大了I1，在这一过程中，电流表的A2示数变化量的大小为I2，电压表示数的变化量的大小为U，则

    A．A2增大，且I2<I1 C．电源的效率降低了【答案】C 【解析】 【详解】
    B．U的大小变大 I1I1r
    ED．电源的输出功率一定增大了
    A．要使电流表A1示数增大，则R应减小；因总电流增大，则内阻及R2分压增大，并联部


    分电压减小，则流过R1的电流减小，因此流过R的电流增大，即A2的示数变大，因
    I2(则
    IR1(I1(
    I2I1
    故A错误。 B．根据
    EU1Ur
    可得：
    UUr
    则
    UUrr I1I1故其大小不会随R的变化而变化；故B错误。 C．电源的效率
    U100%
    EI1r；故D正确。
    E因电压的改变量为△I1r；故说明电源的效率降低了D．当内外电阻相等时，电源的输出功率最大；因不明确内外电阻的关系，故无法明确功率的变化情况；故D错误。 故选C。

    10．如图甲所示，电源的电动势E＝6 V，内阻为r，闭合开关S，滑动变阻器的滑片C从A端滑至B端的过程中，电路中的一些物理量的变化规律如图乙所示：图I描述电源的输出功率随端电压的变化规律，图II描述端电压随电流的变化规律、图III描述电源的效率随外电阻的变化规律，电表、导线对电路的影响不计。则下列说法不正确的是(

    A．电源的内阻r为2Ω B．滑动变阻器最大阻值6Ω C．I图上b点的坐标(3V，4.5W D．II图上a点的坐标(0.6A，4.8V 【答案】B 【解析】



    【详解】
    Ａ．由乙图可知短路电流为 I短=3A，由 I短E得：
    rr选项Ａ正确，不符合题意；
    E62 I短3B．电源效率最高时，滑动变阻器的阻值最大，由丙图知电源的最大效率为 η=80%，由
    解得：
    UIR EIRrR=8Ω
    即变阻器最大阻值为8Ω，选项B错误，符合题意；
    C．当输出功率达到最大时：R=r=2Ω，此时路端电压为U=3V，所以各点的坐标为： I图b点：U=3V
    62PW4.5W
    4r42坐标为：（3V，4.5W）；选项C正确，不符合题意； D．II图a点：R=8Ω，
    E2E6A0.6A Rr82U=E-Ir=6-0.6×2=4.8V
    a点的坐标为（0.6A，4.8V）；选项D正确，不符合题意； 故选B。

    I11．如图所示的电路中，电表为理想电表，R1、R2为定值电阻，电源的正极接地，将滑动变阻器R3的滑片P向上移动，下列说法正确的是（ ）

    A．电流表的示数变大 C．电容器带电量减小 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】
    B．电压表的示数变大 D．a点的电势升高
    B．当滑动变阻器的滑片向上移动时，电路中的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，外电压增大，电压表的示数增大，选项B正确；



    CD．R1两端的电压减小，R2两端的电压增大，电容器的带电量增大，a点的电势降低，选项C、D错误；
    A．R2两端的电压增大，流过R2的电流增大，而总电流减小，因此流过R3的电流减小，即电流表的示数减小，选项A错误。 故选B。

    12．如图所示的电路中，R1、R2、R3分别是热敏电阻、可变电阻、光敏电阻，热敏电阻随着温度的升高电阻减小，光敏电阻随着光照的增强电阻减小，L1、L2是两个相同的灯泡，闭合电键K后，两个灯泡均能正当发光，电源的电动势、内阻恒定，过一会儿，发现两个灯泡都变亮了，可能原因是

    A．对R3的光照变强了 B．环境的温度变高厂 C．可变电阻R2的阻值变大了 D．可变电阻R2的阻值变小了 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】
    A.若对R3的光照变强了，则R3 的阻值变小了，回路中的电流变大，则流过两个灯泡的电流也就变大，所以灯泡变亮．故A正确；
    B. 环境的温度变高，则R1 电阻变小，由串反并同知L1变亮、L2变暗，故B错误； C、可变电阻R2的阻值变大，由串反并同知，L1变亮、L2变暗，故C错 D、可变电阻R2的阻值变小，由串反并同知，L1变暗、L2变亮，故D错误； 综上所述本题答案是：A

    13．如图所示，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表A示数变化量的绝对值为ΔI，正确的是（ ）




    A．V2的示数增大 B．电源输出功率在减小 C．ΔU3与ΔI的比值在减小 D．ΔU1大于ΔU2 【答案】D 【解析】 【详解】
    A．理想电压表内阻无穷大，相当于断路。理想电流表内阻为零，相当短路。所以定值电阻R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压。 当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，内电压增大，路端电压减小，则V2的示数减小，选项A错误；
    B．当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，所以当滑动变阻器滑片向下滑动时，外电阻越来越接近内阻，电源的输出功率在增大，选项B错误； C．根据闭合电路欧姆定律得：
    U3EIRr

    则得：
    U3kRr I保持不变，选项C错误； D．根据闭合电路欧姆定律得：
    U2EIr
    则得：
    U2kr I而V1测量电阻R的电压，有：
    U1R I又定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r，则得
    U1U2
    选项故D正确。 故选D。




    14．如图所示的电路中，电源内阻一定，电压表和电流表均为理想电表．现使滑动变阻器R滑片向左滑动一小段距离，测得电压表V1的示数变化大小为ΔU1，电压表V2的示数变化大小为ΔU2，电流表A的示数变化大小为ΔI，对于此过程下列说法正确的是(

    A．通过电阻R1的电流变化量大小等于U1 R1B．R0两端的电压的变化量大小等于ΔU2－ΔU1 C．路端电压的增加量等于ΔU2
    U1为一定值 I【答案】ABD 【解析】 【分析】 【详解】
    D．A、电压表V1测量路端电压，即R1两端的电压，根据欧姆定律可知，R1的电流变化量大小等于U1；故A正确．B、C、D、使滑动变阻器R滑片向左滑动一小段距离，电阻变大，R1总电阻变大，总电流变小，内阻所占电压减小，路端电压增大，所以路端电压增大△U1，并联部分的电压增大△U1，通过R1的电流增大，所以通过滑动变阻器的电流减小，R0上的电压减小，R上的电压增大△U2，所以R0两端的电压的变化量大小等于△U2-△U1，电压表V1测量路端电压，根据欧姆定律可知rC错误．故选ABD． 【点睛】
    闭合电路欧姆定律的动态分析类题目，一般可按外电路—内电路—外电路的分析思路进行分析，在分析时应注意结合闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质．
    U1U1为定值，所以为定值，故B，D正确，II
    15．在如图所示的电路中，电源电动势E和内电阻r为定值，R1为滑动变阻器，R2和R3为定值电阻．当R1的滑动触头P从左向右移动时，伏特表V1和V2的示数的增量分别为ΔU1和ΔU2，对ΔU1和ΔU2有




    A．U1U2 C．U10,U20 【答案】AD 【解析】 【分析】 【详解】
    根据闭合电路欧姆定律可知：
    B．U1U2 D．U20,U10
    U1IrR3

    U2IR3

    结合公式可知U1>U2，故A对；B错
    当R1的滑动触头P从左向右移动时，回路中电阻减小，电流增大，所以电压表V2增大，由于路端电压减小，所以电压表V1变小，则知ΔU2>0，ΔU1 <0，故C错；D对 故选AD

    16．2019年1月11日1时11分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功将“中星2D”卫星发射升空，升空后的卫星能量补给主要靠太阳能电池.硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点.如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电压U和电流I的关系图象，图线b是某纯电阻电器的U- I图象.则在该光照强度下，把该电池和该电器组成一个电路时，电池的（ ）

    A．内阻为5.5 B．输出功率为12.5 W C．内耗功率为0.22 W D．效率为50% 【答案】AC 【解析】 【详解】



    由闭合电路欧姆定律得U=E−Ir，当I=0时，E=U，由a与纵轴的交点读出电动势为E=3.6v.根据两图线交点处的状态可知，将它们组成闭合回路时路端电压为U=2.5V，电流为I=0.2A。
    A. 将它们组成闭合回路时路端电压为U=2V，电流为I=0.2A，则电池的内阻为

    故A正确；
    B. 电池的输出功率为：
    P出=UI=2.5×0.2W=0.5W
    故B错误；
    C.此时硅光电池的总功率为：
    P总=EI=3.6×0.2W=0.72W
    内耗功率为
    P内= P总 -P出=0.22 W
    故C正确；
    D. 电池的输出效率为：
    η=故D错误。
    ×100%=×100%≈69.4%

    17．如图所示，由电动机带动着倾角θ=37°的足够长的传送带以速率v=4m/s顺时针匀速转动，一质量m=2kg的小滑块以平行于传送带向下v'2m/s的速率滑上传送带，已知小滑块与传送带间的动摩擦因数72，取g10m/s，sin370.60，cos370.80，则8小滑块从接触传送带到与传送带相对静止静止的时间内下列说法正确的是

    A．重力势能增加了72J B．摩擦力对小物块做功为72J
    C．小滑块与传送带因摩擦产生的内能为252J D．电动机多消耗的电能为386J 【答案】AC 【解析】
    对滑块受力分析，受重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：平行斜面方向fmgsin37ma，垂直斜面方向Nmgcos370，其中fN，联立解


    得：agcos37sin371m/s，以平行斜面向上为正，设运动到相对静止的时2间为t，根据速度时间关系公式，有：tv426s，则位移：a1xvt4226m6m，故重力势能增加量为：Epmghmg·xsin3772J，故A正确；根据动能定理可知，摩擦力对小物块做功等于物块动能的变化量，即Wf1122422212J，故B错误；在6s内227210180.8J252J，故C正确；多消8传送带的位移：xvt4624m，故相对位移为：xxx24m6m18m，x故产生的内能为：Qmgcos37?耗的电能等于系统增加的机械能和内能之和，为：WEpEkQ7212252336J，故D错误；故选AC．
    【点睛】对滑块受力分析，根据牛顿第二定律列式求解加速度，根据运动学公式列式求解x求解内能，多消耗的电能等于增加的机械能和内能． 末速度和时间，根据Qf·
    18．如图所示的U-I 图象中，直线Ⅰ为某电源路端电压与电流的关系图线，直线Ⅱ为某一电阻R 的U-I图线．用该电源与电阻R连接成闭合电路，由图象可知（ ）

    A．R 的阻值为1.5Ω
    B．电源电动势为3.0V，内阻为1.5Ω C．电源的输出功率为3.0W D．电阻R 消耗的功率为1.5W 【答案】ABD 【解析】 【分析】 【详解】
    A、由两图线的交点知，RU1.51.5 ，故A正确； I1.0B、直线I在纵轴上的截距为电动势，即E=3V，斜率的绝对值为内阻，即r选项B正确；
    31.5 ，2CD、电源的输出功率P=UI=1.5W，也等于电阻R消耗的功率，选项C错误，D正确．



    综上所述本题答案是：ABD

    19．如图所示的电路，R1、R2是两个定值电阻，R′是滑动变阻器，R3为小灯泡，电源内阻为r．开关闭合后，当滑动变阻器触头P向上移动时（ ）

    A．电压表示数变大 B．小灯泡亮度变大 C．电容器充电 D．电源的总功率变大 【答案】AC 【解析】 【分析】 【详解】
    闭合开关后，当滑动变阻器触头P向上移动时，R'增大，外电路总电阻增大，干路中电流减小，则小灯泡亮度变小．电源的内电压减小，路端电压增大，则电压表的示数变大，故AB错误；电路稳定时电容器的电压等于R1、R'串联总电压，根据串联电路电压分配规律可知，R'增大，电容器的电压增大，则电容器充电，故C正确；电源的总功率为PEI，干路电流I减小，则电源的总功率变小，故D错误． 【点睛】
    本题按“部分→整体→部分”的思路进行动态变化分析．对于电压表的示数，可以直接根据路端电压随外电阻而增大的结论进行分析．根据串联电路电压与电阻成正比的特点，分析各部分电压的变化，比较简便．

    20．在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，图中电表为理想电表．在滑动变阻器滑动触头P自a端向b端滑动的过程中（ ）

    A．电压表示数变大 B．电容器C所带电荷量减少



    C．电流表示数变小 【答案】ABD 【解析】 【分析】
    考查含容电路的动态分析。 【详解】
    D．a点的电势降低
    A．在滑动变阻器滑动触头P自a端向b端滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数增大，A正确；
    B．电阻R2两端电压：U2电量减小，B正确；
    C．通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流IAII2，I增大，I2减小，则IA增大，即电流表示数变大，C错误；
    D．外电路顺着电流方向电势降低，可知a的电势大于0，a点电势等于R2两端电压，U2减小，则a点电势降低，D正确。 故选ABD。
    EIR1r，I增大，则U2减小，电容器板间电压减小，带
    21．图示电路中，电表均为理想电表，如果滑动变阻器的滑片逐渐向左滑动一段，四个电表的读数分别用U1、U2、I1、I2表示，四个电表读数的变化量绝对值分别用U1、U2、I1、I2表示，下列表示正确的是（ ）

    A．U1增大，U2减小 B．I1、I2都增大
    U2U2C．减小，不变
    I1I2D．U2U2R3，rR1 I2I1【答案】ACD 【解析】



    【详解】
    由电路图可知，R2与RP串联后再与R3并联、然后它们与R1串联，电压表V2测并联部分两端的电压，电压表V1测R2两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R3支路的电流。
    AB．当滑动变阻器滑片P向左端移动时，接入电路中的电阻变小，并联部分的总电阻变小，电路的总电阻变小，由
    I1E
    R并R1r可知电路中的总电流增大，即电流表A1的读数增大，即I1增大； 由
    U2EI1(R1r
    可知电压表V2的示数U2变小， 而电流表A2的示数
    I2U2 R3可知I2变小，中干路电流等于各支路电流之和，有：
    U1(I1I2R2
    可得R2的电压U1增大，故A正确，B错误；
    CD．因U2EI1(R1r，体现全电路的欧姆定律，则有：
    U2R并 I1逐渐减小，
    U2R1r保持不变； I1因U2I2R3，满足部分电路的欧姆定律，有：
    U2U2R3不变 I2I2故CD均正确。 故选ACD。

    22．在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器。当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，下列说法正确的是




    A．电表A1的示数I1减小 B．电表A2的示数I2减小 C．电表V的示数U增大 D．电阻R3的电功率增大 【答案】AD 【解析】 【分析】
    本题考查闭合电路中的动态分析问题 【详解】
    将R2的滑动触点向b端移动过程中，电路中总电阻减小，主路电流则会增大， A．因主路电流增大，电源内电压增大，R3的电压也会增大，则R1的电压会变小，I1的电流会减小，故A选项正确；
    B．因主路电流增大而I1的电流会减小，则I2的电流会增大，故B选项错误； C．电源内压增大，则路端电压会减小即电表V的示数U减小，故C选项错误；
    2D．电阻R3的电功率P3IR3随主路电流的增大而增大，故D选项正确；
    综上所述，本题正确答案选AD。



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