018年白银市中考数学试卷(含答案解析版)

2018年甘肃省白银市中考数学试卷

一、选择题（每题只有一个正确选项，本题共10小题，每题3分，共30分）

1．（3分）（2018•定西）﹣2018的相反数是（　　）

A．﹣2018 B．2018 C．﹣ D．

2．（3分）（2018•定西）下列计算结果等于x3的是（　　）

A．x6÷x2 B．x4﹣x C．x+x2 D．x2•x

3．（3分）（2018•定西）若一个角为65°，则它的补角的度数为（　　）

A．25° B．35° C．115° D．125°

4．（3分）（2018•定西）已知=（a≠0，b≠0），下列变形错误的是（　　）

A．= B．2a=3b C．= D．3a=2b

5．（3分）（2018•定西）若分式的值为0，则x的值是（　　）

A．2或﹣2 B．2 C．﹣2 D．0

6．（3分）（2018•定西）甲、乙、丙、丁四名同学在一次投掷实心球训练中，在相同条件下各投掷10次，他们成绩的平均数与方差s2如下表：

若要选一名成绩好且发挥稳定的同学参加比赛，则应该选择（　　）

A．甲 B．乙 C．丙 D．丁

7．（3分）（2018•定西）关于x的一元二次方程x2+4x+k=0有两个实数根，则k的取值范围是（　　）

A．k≤﹣4 B．k＜﹣4 C．k≤4 D．k＜4

8．（3分）（2018•定西）如图，点E是正方形ABCD的边DC上一点，把△ADE绕点A顺时针旋转90°到△ABF的位置，若四边形AECF的面积为25，DE=2，则AE的长为（　　）

A．5 B． C．7 D．

9．（3分）（2018•定西）如图，⊙A过点O（0，0），C（，0），D（0，1），点B是x轴下方⊙A上的一点，连接BO，BD，则∠OBD的度数是（　　）

A．15° B．30° C．45° D．60°

10．（3分）（2018•定西）如图是二次函数y=ax2+bx+c（a，b，c是常数，a≠0）图象的一部分，与x轴的交点A在点（2，0）和（3，0）之间，对称轴是x=1．对于下列说法：①ab＜0；②2a+b=0；③3a+c＞0；④a+b≥m（am+b）（m为实数）；⑤当﹣1＜x＜3时，y＞0，其中正确的是（　　）

A．①②④ B．①②⑤ C．②③④ D．③④⑤

二、细心填一填（本大题共8小题，每小题3分，满分24分，请把答案填在答題卷相应题号的横线上）

11．（3分）（2018•定西）计算：2sin30°+（﹣1）2018﹣（）﹣1=　 　．

12．（3分）（2018•定西）使得代数式有意义的x的取值范围是　 　．

13．（3分）（2018•定西）若正多边形的内角和是1080°，则该正多边形的边数是　 　．

14．（3分）（2018•定西）已知某几何体的三视图如图所示，其中俯视图为正六边形，则该几何体的侧面积为　 　．

15．（3分）（2018•定西）已知a，b，c是△ABC的三边长，a，b满足|a﹣7|+（b﹣1）2=0，c为奇数，则c=　 　．

16．（3分）（2018•定西）如图，一次函数y=﹣x﹣2与y=2x+m的图象相交于点P（n，﹣4），则关于x的不等式组的解集为　 　．

17．（3分）（2018•定西）如图，分别以等边三角形的每个顶点为圆心、以边长为半径在另两个顶点间作一段圆弧，三段圆弧围成的曲边三角形称为勒洛三角形．若等边三角形的边长为a，则勒洛三角形的周长为　 　．

18．（3分）（2018•定西）如图，是一个运算程序的示意图，若开始输入x的值为625，则第2018次输出的结果为　 　．

三、解答题（一）解（本大题共5小题，满分26分，请认真读题，冷静思考解答题应写出必要的文宇说明、证明过程或演算步骤，请把解题过程写在答题卷相应题号的位置）

19．（4分）（2018•定西）计算：÷（﹣1）

20．（4分）（2018•定西）如图，在△ABC中，∠ABC=90°．

（1）作∠ACB的平分线交AB边于点O，再以点O为圆心，OB的长为半径作⊙O；（要求：不写做法，保留作图痕迹）

（2）判断（1）中AC与⊙O的位置关系，直接写出结果．

21．（6分）（2018•定西）《九章算术》是中国古代数学专著，在数学上有其独到的成就，不仅最早提到了分数问题，也首先记录了“盈不足”等问题．如有一道阐述“盈不足”的问题，原文如下：今有共买鸡，人出九，盈十一；人出六，不足十六．问人数、鸡价各几何？译文为：现有若干人合伙出钱买鸡，如果每人出9文钱，就会多11文钱；如果每人出6文钱，又会缺16文钱．问买鸡的人数、鸡的价格各是多少？请解答上述问题．

22．（6分）（2018•定西）随着中国经济的快速发展以及科技水平的飞速提高，中国高铁正迅速崛起．高铁大大缩短了时空距离，改变了人们的出行方式．如图，A，B两地被大山阻隔，由A地到B地需要绕行C地，若打通穿山隧道，建成A，B两地的直达高铁可以缩短从A地到B地的路程．已知：∠CAB=30°，∠CBA=45°，AC=640公里，求隧道打通后与打通前相比，从A地到B地的路程将约缩短多少公里？（参考数据：≈1.7，≈1.4）

23．（6分）（2018•定西）如图，在正方形方格中，阴影部分是涂黑3个小正方形所形成的图案．

（1）如果将一粒米随机地抛在这个正方形方格上，那么米粒落在阴影部分的概率是多少？

（2）现将方格内空白的小正方形（A，B，C，D，E，F）中任取2个涂黑，得到新图案，请用列表或画树状图的方法求新图案是轴对称图形的概率．

四、解答题（二）解（本大题共5小题，满分40分，请认真读题，冷静思考解答题应写出必要的文宇说明、证明过程或演算步骤，请把解题过程写在答题卷相应题号的位置）

24．（7分）（2018•定西）“足球运球”是中考体育必考项目之一兰州市某学校为了解今年九年级学生足球运球的掌握情况，随机抽取部分九年级学生足球运球的测试成绩作为一个样本，按A，B，C，D四个等级进行统计，制成了如下不完整的统计图．

根据所给信息，解答以下问题

（1）在扇形统计图中，C对应的扇形的圆心角是　 　度；

（2）补全条形统计图；

（3）所抽取学生的足球运球测试成绩的中位教会落在　 　等级；

（4）该校九年级有300名学生，请估计足球运球测试成绩达到A级的学生有多少人？

25．（7分）（2018•定西）如图，一次函数y=x+4的图象与反比例函数y=（k为常数且k≠0）的图象交于A（﹣1，a），B两点，与x轴交于点C．

（1）求此反比例函数的表达式；

（2）若点P在x轴上，且S△ACP=S△BOC，求点P的坐标．

26．（8分）（2018•定西）已知矩形ABCD中，E是AD边上的一个动点，点F，G，H分别是BC，BE，CE的中点．

（1）求证：△BGF≌△FHC；

（2）设AD=a，当四边形EGFH是正方形时，求矩形ABCD的面积．

27．（8分）（2018•定西）如图，点O是△ABC的边AB上一点，⊙O与边AC相切于点E，与边BC，AB分别相交于点D，F，且DE=EF．

（1）求证：∠C=90°；

（2）当BC=3，sinA=时，求AF的长．

28．（10分）（2018•定西）如图，已知二次函数y=ax2+2x+c的图象经过点C（0，3），与x轴分别交于点A，点B（3，0）．点P是直线BC上方的抛物线上一动点．

（1）求二次函数y=ax2+2x+c的表达式；

（2）连接PO，PC，并把△POC沿y轴翻折，得到四边形POP′C．若四边形POP′C为菱形，请求出此时点P的坐标；

（3）当点P运动到什么位置时，四边形ACPB的面积最大？求出此时P点的坐标和四边形ACPB的最大面积．

2018年甘肃省白银市中考数学试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（每题只有一个正确选项，本题共10小题，每题3分，共30分）

1．（3分）（2018•定西）﹣2018的相反数是（　　）

A．﹣2018 B．2018 C．﹣ D．

【考点】14：相反数．

【专题】1 ：常规题型．

【分析】直接利用相反数的定义分析得出答案．

【解答】解：﹣2018的相反数是：2018．

故选：B．

【点评】此题主要考查了相反数，正确把握相反数的定义是解题关键．

2．（3分）（2018•定西）下列计算结果等于x3的是（　　）

A．x6÷x2 B．x4﹣x C．x+x2 D．x2•x

【考点】48：同底数幂的除法；35：合并同类项；46：同底数幂的乘法．

【专题】11 ：计算题；512：整式．

【分析】根据同底数幂的除法、乘法及同类项的定义逐一计算即可得．

【解答】解：A、x6÷x2=x4，不符合题意；

B、x4﹣x不能再计算，不符合题意；

C、x+x2不能再计算，不符合题意；

D、x2•x=x3，符合题意；

故选：D．

【点评】本题主要考查整式的运算，解题的关键是掌握同底数幂的除法、乘法及同类项的定义．

3．（3分）（2018•定西）若一个角为65°，则它的补角的度数为（　　）

A．25° B．35° C．115° D．125°

【考点】IL：余角和补角．

【专题】551：线段、角、相交线与平行线．

【分析】根据互为补角的两个角的和等于180°列式进行计算即可得解．

【解答】解：180°﹣65°=115°．

故它的补角的度数为115°．

故选：C．

【点评】本题考查了余角和补角，解决本题的关键是熟记互为补角的和等于180°．

4．（3分）（2018•定西）已知=（a≠0，b≠0），下列变形错误的是（　　）

A．= B．2a=3b C．= D．3a=2b

【考点】S1：比例的性质．

【专题】11 ：计算题．

【分析】根据两内项之积等于两外项之积对各选项分析判断即可得解．

【解答】解：由=得，3a=2b，

A、由原式可得：3a=2b，正确；

B、由原式可得2a=3b，错误；

C、由原式可得：3a=2b，正确；

D、由原式可得：3a=2b，正确；

故选：B．

【点评】本题考查了比例的性质，主要利用了两内项之积等于两外项之积．

5．（3分）（2018•定西）若分式的值为0，则x的值是（　　）

A．2或﹣2 B．2 C．﹣2 D．0

【考点】63：分式的值为零的条件．

【专题】1 ：常规题型．

【分析】直接利用分式的值为零则分子为零进而得出答案．

【解答】解：∵分式的值为0，

∴x2﹣4=0，

解得：x=2或﹣2．

故选：A．

【点评】此题主要考查了分式的值为零的条件，正确把握定义是解题关键．

6．（3分）（2018•定西）甲、乙、丙、丁四名同学在一次投掷实心球训练中，在相同条件下各投掷10次，他们成绩的平均数与方差s2如下表：

若要选一名成绩好且发挥稳定的同学参加比赛，则应该选择（　　）

A．甲 B．乙 C．丙 D．丁

【考点】W7：方差；W1：算术平均数．

【专题】1 ：常规题型；542：统计的应用．

【分析】根据平均数和方差的意义解答．

【解答】解：从平均数看，成绩好的同学有甲、乙，

从方差看甲、乙两人中，甲方差小，即甲发挥稳定，

故选：A．

【点评】本题考查了平均数和方差，熟悉它们的意义是解题的关键．

7．（3分）（2018•定西）关于x的一元二次方程x2+4x+k=0有两个实数根，则k的取值范围是（　　）

A．k≤﹣4 B．k＜﹣4 C．k≤4 D．k＜4

【考点】AA：根的判别式．

【分析】根据判别式的意义得△=42﹣4k≥0，然后解不等式即可．

【解答】解：根据题意得△=42﹣4k≥0，

解得k≤4．

故选：C．

【点评】本题考查了根的判别式：一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0）的根与△=b2﹣4ac有如下关系：当△＞0时，方程有两个不相等的实数根；当△=0时，方程有两个相等的实数根；当△＜0时，方程无实数根．

8．（3分）（2018•定西）如图，点E是正方形ABCD的边DC上一点，把△ADE绕点A顺时针旋转90°到△ABF的位置，若四边形AECF的面积为25，DE=2，则AE的长为（　　）

A．5 B． C．7 D．

【考点】R2：旋转的性质；LE：正方形的性质．

【专题】1 ：常规题型．

【分析】利用旋转的性质得出四边形AECF的面积等于正方形ABCD的面积，进而可求出正方形的边长，再利用勾股定理得出答案．

【解答】解：∵把△ADE顺时针旋转△ABF的位置，

∴四边形AECF的面积等于正方形ABCD的面积等于25，

∴AD=DC=5，

∵DE=2，

∴Rt△ADE中，AE==．

故选：D．

【点评】此题主要考查了旋转的性质以及正方形的性质，正确利用旋转的性质得出对应边关系是解题关键．

9．（3分）（2018•定西）如图，⊙A过点O（0，0），C（，0），D（0，1），点B是x轴下方⊙A上的一点，连接BO，BD，则∠OBD的度数是（　　）

A．15° B．30° C．45° D．60°

【考点】M5：圆周角定理；D5：坐标与图形性质．

【专题】55：几何图形．

【分析】连接DC，利用三角函数得出∠DCO=30°，进而利用圆周角定理得出∠DBO=30°即可．

【解答】解：连接DC，

∵C（，0），D（0，1），

∴∠DOC=90°，OD=1，OC=，

∴∠DCO=30°，

∴∠OBD=30°，

故选：B．

【点评】此题考查圆周角定理，关键是利用三角函数得出∠DCO=30°．

10．（3分）（2018•定西）如图是二次函数y=ax2+bx+c（a，b，c是常数，a≠0）图象的一部分，与x轴的交点A在点（2，0）和（3，0）之间，对称轴是x=1．对于下列说法：①ab＜0；②2a+b=0；③3a+c＞0；④a+b≥m（am+b）（m为实数）；⑤当﹣1＜x＜3时，y＞0，其中正确的是（　　）

A．①②④ B．①②⑤ C．②③④ D．③④⑤

【考点】H4：二次函数图象与系数的关系；HA：抛物线与x轴的交点．

【专题】31 ：数形结合．

【分析】由抛物线的开口方向判断a与0的关系，由抛物线与y轴的交点判断c与0的关系，然后根据对称轴判定b与0的关系以及2a+b=0；当x=﹣1时，y=a﹣b+c；然后由图象确定当x取何值时，y＞0．

【解答】解：①∵对称轴在y轴右侧，

∴a、b异号，

∴ab＜0，故正确；

②∵对称轴x=﹣=1，

∴2a+b=0；故正确；

③∵2a+b=0，

∴b=﹣2a，

∵当x=﹣1时，y=a﹣b+c＜0，

∴a﹣（﹣2a）+c=3a+c＜0，故错误；

④根据图示知，当m=1时，有最大值；

当m≠1时，有am2+bm+c≤a+b+c，

所以a+b≥m（am+b）（m为实数）．

故正确．

⑤如图，当﹣1＜x＜3时，y不只是大于0．

故错误．

故选：A．

【点评】本题主要考查了二次函数图象与系数的关系，关键是熟练掌握①二次项系数a决定抛物线的开口方向，当a＞0时，抛物线向上开口；当a＜0时，抛物线向下开口；②一次项系数b和二次项系数a共同决定对称轴的位置：当a与b同号时（即ab＞0），对称轴在y轴左； 当a与b异号时（即ab＜0），对称轴在y轴右．（简称：左同右异）③常数项c决定抛物线与y轴交点，抛物线与y轴交于（0，c）．

二、细心填一填（本大题共8小题，每小题3分，满分24分，请把答案填在答題卷相应题号的横线上）

11．（3分）（2018•定西）计算：2sin30°+（﹣1）2018﹣（）﹣1=　0　．

【考点】2C：实数的运算；6F：负整数指数幂；T5：特殊角的三角函数值．

【专题】11 ：计算题．

【分析】根据特殊角的三角函数值、幂的乘方和负整数指数幂可以解答本题．

【解答】解：2sin30°+（﹣1）2018﹣（）﹣1

=2×+1﹣2

=1+1﹣2

=0，

故答案为：0．

【点评】本题考查实数的运算、负整数指数幂、特殊角的三角函数值，解答本题的关键是明确它们各自的计算方法．

12．（3分）（2018•定西）使得代数式有意义的x的取值范围是　x＞3　．

【考点】72：二次根式有意义的条件；62：分式有意义的条件．

【专题】514：二次根式．

【分析】二次根式中被开方数的取值范围：二次根式中的被开方数是非负数．

【解答】解：∵代数式有意义，

∴x﹣3＞0，

∴x＞3，

∴x的取值范围是x＞3，

故答案为：x＞3．

【点评】本题主要考查了二次根式有意义的条件，如果所给式子中含有分母，则除了保证被开方数为非负数外，还必须保证分母不为零．

13．（3分）（2018•定西）若正多边形的内角和是1080°，则该正多边形的边数是　8　．

【考点】L3：多边形内角与外角．

【分析】n边形的内角和是（n﹣2）•180°，如果已知多边形的边数，就可以得到一个关于边数的方程，解方程就可以求出多边形的边数．

【解答】解：根据n边形的内角和公式，得

（n﹣2）•180=1080，

解得n=8．

∴这个多边形的边数是8．

故答案为：8．

【点评】本题考查了多边形的内角与外角，熟记内角和公式和外角和定理并列出方程是解题的关键．根据多边形的内角和定理，求边数的问题就可以转化为解方程的问题来解决．

14．（3分）（2018•定西）已知某几何体的三视图如图所示，其中俯视图为正六边形，则该几何体的侧面积为　108　．

【考点】U3：由三视图判断几何体；I4：几何体的表面积；MM：正多边形和圆；U1：简单几何体的三视图．

【专题】55：几何图形．

【分析】观察该几何体的三视图发现该几何体为正六棱柱，然后根据提供的尺寸求得其侧面积即可．

【解答】解：观察该几何体的三视图发现该几何体为正六棱柱，其底面边长为3，高为6，

所以其侧面积为3×6×6=108，

故答案为：108．

【点评】本题考查了由三视图判断几何体的知识，解题的关键是能够根据三视图判断几何体的形状及各部分的尺寸，难度不大．

15．（3分）（2018•定西）已知a，b，c是△ABC的三边长，a，b满足|a﹣7|+（b﹣1）2=0，c为奇数，则c=　7　．

【考点】K6：三角形三边关系；16：非负数的性质：绝对值；1F：非负数的性质：偶次方．

【专题】42 ：配方法．

【分析】根据非负数的性质列式求出a、b的值，再根据三角形的任意两边之和大于第三边，两边之差小于第三边求出c的取值范围，再根据c是奇数求出c的值．

【解答】解：∵a，b满足|a﹣7|+（b﹣1）2=0，

∴a﹣7=0，b﹣1=0，

解得a=7，b=1，

∵7﹣1=6，7+1=8，

∴6＜c＜8，

又∵c为奇数，

∴c=7，

故答案是：7．

【点评】本题考查配方法的应用、非负数的性质：偶次方，解题的关键是明确题意，明确配方法和三角形三边的关系．

16．（3分）（2018•定西）如图，一次函数y=﹣x﹣2与y=2x+m的图象相交于点P（n，﹣4），则关于x的不等式组的解集为　﹣2＜x＜2　．

【考点】FD：一次函数与一元一次不等式．

【专题】53：函数及其图象．

【分析】先将点P（n，﹣4）代入y=﹣x﹣2，求出n的值，再找出直线y=2x+m落在y=﹣x﹣2的下方且都在x轴下方的部分对应的自变量的取值范围即可．

【解答】解：∵一次函数y=﹣x﹣2的图象过点P（n，﹣4），

∴﹣4=﹣n﹣2，解得n=2，

∴P（2，﹣4），

又∵y=﹣x﹣2与x轴的交点是（﹣2，0），

∴关于x的不等式2x+m＜﹣x﹣2＜0的解集为﹣2＜x＜2．

故答案为﹣2＜x＜2．

【点评】本题考查了一次函数与一元一次不等式，体现了数形结合的思想方法，准确确定出n的值，是解答本题的关键．

17．（3分）（2018•定西）如图，分别以等边三角形的每个顶点为圆心、以边长为半径在另两个顶点间作一段圆弧，三段圆弧围成的曲边三角形称为勒洛三角形．若等边三角形的边长为a，则勒洛三角形的周长为　πa　．

【考点】MN：弧长的计算；KK：等边三角形的性质．

【专题】1 ：常规题型．

【分析】首先根据等边三角形的性质得出∠A=∠B=∠C=60°，AB=BC=CA=a，再利用弧长公式求出的长=的长=的长==，那么勒洛三角形的周长为×3=πa．

【解答】解：如图．∵△ABC是等边三角形，

∴∠A=∠B=∠C=60°，AB=BC=CA=a，

∴的长=的长=的长==，

∴勒洛三角形的周长为×3=πa．

故答案为πa．

【点评】本题考查了弧长公式：l=（弧长为l，圆心角度数为n，圆的半径为R），也考查了等边三角形的性质．

18．（3分）（2018•定西）如图，是一个运算程序的示意图，若开始输入x的值为625，则第2018次输出的结果为　1　．

【考点】33：代数式求值．

【专题】11 ：计算题．

【分析】依次求出每次输出的结果，根据结果得出规律，即可得出答案．

【解答】解：当x=625时，x=125，

当x=125时，x=25，

当x=25时，x=5，

当x=5时，x=1，

当x=1时，x+4=5，

当x=5时，x=1，

当x=1时，x+4=5，

当x=5时，x=1，

…

（2018﹣3）÷2=1007.5，

即输出的结果是1，

故答案为：1

【点评】本题考查了求代数式的值，能根据求出的结果得出规律是解此题的关键．

三、解答题（一）解（本大题共5小题，满分26分，请认真读题，冷静思考解答题应写出必要的文宇说明、证明过程或演算步骤，请把解题过程写在答题卷相应题号的位置）

19．（4分）（2018•定西）计算：÷（﹣1）

【考点】6C：分式的混合运算．

【专题】11 ：计算题；513：分式．

【分析】先计算括号内分式的减法，再计算除法即可得．

【解答】解：原式=÷（﹣）

=÷

=•

=．

【点评】本题主要考查分式的混合运算，解题的关键是掌握分式混合运算顺序和运算法则．

20．（4分）（2018•定西）如图，在△ABC中，∠ABC=90°．

（1）作∠ACB的平分线交AB边于点O，再以点O为圆心，OB的长为半径作⊙O；（要求：不写做法，保留作图痕迹）

（2）判断（1）中AC与⊙O的位置关系，直接写出结果．

【考点】N3：作图—复杂作图；MB：直线与圆的位置关系．

【专题】13 ：作图题．

【分析】（1）首先利用角平分线的作法得出CO，进而以点O为圆心，OB为半径作⊙O即可；

（2）利用角平分线的性质以及直线与圆的位置关系进而求出即可．

【解答】解：（1）如图所示：

；

（2）相切；过O点作OD⊥AC于D点，

∵CO平分∠ACB，

∴OB=OD，即d=r，

∴⊙O与直线AC相切，

【点评】此题主要考查了复杂作图以及角平分线的性质与作法和直线与圆的位置关系，正确利用角平分线的性质求出是解题关键．

21．（6分）（2018•定西）《九章算术》是中国古代数学专著，在数学上有其独到的成就，不仅最早提到了分数问题，也首先记录了“盈不足”等问题．如有一道阐述“盈不足”的问题，原文如下：今有共买鸡，人出九，盈十一；人出六，不足十六．问人数、鸡价各几何？译文为：现有若干人合伙出钱买鸡，如果每人出9文钱，就会多11文钱；如果每人出6文钱，又会缺16文钱．问买鸡的人数、鸡的价格各是多少？请解答上述问题．

【考点】9A：二元一次方程组的应用．

【专题】34 ：方程思想；521：一次方程（组）及应用．

【分析】设合伙买鸡者有x人，鸡的价格为y文钱，根据“如果每人出9文钱，就会多11文钱；如果每人出6文钱，又会缺16文钱”，即可得出关于x、y的二元一次方程组，解之即可得出结论．

【解答】解：设合伙买鸡者有x人，鸡的价格为y文钱，

根据题意得：，

解得：．

答：合伙买鸡者有9人，鸡的价格为70文钱．

【点评】本题考查了二元一次方程组的应用，找准等量关系，正确列出二元一次方程组是解题的关键．

22．（6分）（2018•定西）随着中国经济的快速发展以及科技水平的飞速提高，中国高铁正迅速崛起．高铁大大缩短了时空距离，改变了人们的出行方式．如图，A，B两地被大山阻隔，由A地到B地需要绕行C地，若打通穿山隧道，建成A，B两地的直达高铁可以缩短从A地到B地的路程．已知：∠CAB=30°，∠CBA=45°，AC=640公里，求隧道打通后与打通前相比，从A地到B地的路程将约缩短多少公里？（参考数据：≈1.7，≈1.4）

【考点】T8：解直角三角形的应用；KU：勾股定理的应用．

【专题】55：几何图形．

【分析】过点C作CD⊥AB于点D，利用锐角三角函数的定义求出CD及AD的长，进而可得出结论．

【解答】解：过点C作CD⊥AB于点D，

在Rt△ADC和Rt△BCD中，

∵∠CAB=30°，∠CBA=45°，AC=640，

∴CD=320，AD=320，

∴BD=CD=320，BC=320，

∴AC+BC=640+320≈1088，

∴AB=AD+BD=320+320≈864，

∴1088﹣864=224（公里），

答：隧道打通后与打通前相比，从A地到B地的路程将约缩短224公里．

【点评】本题考查的是解直角三角形的应用﹣方向角问题，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题，需要熟记锐角三角函数的定义．

23．（6分）（2018•定西）如图，在正方形方格中，阴影部分是涂黑3个小正方形所形成的图案．

（1）如果将一粒米随机地抛在这个正方形方格上，那么米粒落在阴影部分的概率是多少？

（2）现将方格内空白的小正方形（A，B，C，D，E，F）中任取2个涂黑，得到新图案，请用列表或画树状图的方法求新图案是轴对称图形的概率．

【考点】P8：利用轴对称设计图案；X5：几何概率；X6：列表法与树状图法．

【专题】1 ：常规题型；543：概率及其应用．

【分析】（1）直接利用概率公式计算可得；

（2）列表得出所有等可能结果，从中找到新图案是轴对称图形的结果数，利用概率公式计算可得．

【解答】解：（1）∵正方形网格被等分成9等份，其中阴影部分面积占其中的3份，

∴米粒落在阴影部分的概率是=；

（2）列表如下：

由表可知，共有30种等可能结果，其中是轴对称图形的有10种，

故新图案是轴对称图形的概率为=．

【点评】此题考查了列表法与树状图法，用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．

四、解答题（二）解（本大题共5小题，满分40分，请认真读题，冷静思考解答题应写出必要的文宇说明、证明过程或演算步骤，请把解题过程写在答题卷相应题号的位置）

24．（7分）（2018•定西）“足球运球”是中考体育必考项目之一兰州市某学校为了解今年九年级学生足球运球的掌握情况，随机抽取部分九年级学生足球运球的测试成绩作为一个样本，按A，B，C，D四个等级进行统计，制成了如下不完整的统计图．

根据所给信息，解答以下问题

（1）在扇形统计图中，C对应的扇形的圆心角是　117　度；

（2）补全条形统计图；

（3）所抽取学生的足球运球测试成绩的中位教会落在　B　等级；

（4）该校九年级有300名学生，请估计足球运球测试成绩达到A级的学生有多少人？

【考点】VC：条形统计图；V5：用样本估计总体；VB：扇形统计图．

【专题】1 ：常规题型；542：统计的应用．

【分析】（1）先根据B等级人数及其百分比求得总人数，总人数减去其他等级人数求得C等级人数，继而用360°乘以C等级人数所占比例即可得；

（2）根据以上所求结果即可补全图形；

（3）根据中位数的定义求解可得；

（4）总人数乘以样本中A等级人数所占比例可得．

【解答】解：（1）∵总人数为18÷45%=40人，

∴C等级人数为40﹣（4+18+5）=13人，

则C对应的扇形的圆心角是360°×=117°，

故答案为：117；

（2）补全条形图如下：

（3）因为共有40个数据，其中位数是第20、21个数据的平均数，而第20、21个数据均落在B等级，

所以所抽取学生的足球运球测试成绩的中位数会落在B等级，

故答案为：B．

（4）估计足球运球测试成绩达到A级的学生有300×=30人．

【点评】本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．

25．（7分）（2018•定西）如图，一次函数y=x+4的图象与反比例函数y=（k为常数且k≠0）的图象交于A（﹣1，a），B两点，与x轴交于点C．

（1）求此反比例函数的表达式；

（2）若点P在x轴上，且S△ACP=S△BOC，求点P的坐标．

【考点】G8：反比例函数与一次函数的交点问题．

【专题】533：一次函数及其应用；534：反比例函数及其应用．

【分析】（1）利用点A在y=﹣x+4上求a，进而代入反比例函数y=求k．

（2）联立方程求出交点，设出点P坐标表示三角形面积，求出P点坐标．

【解答】解：（1）把点A（﹣1，a）代入y=x+4，得a=3，

∴A（﹣1，3）

把A（﹣1，3）代入反比例函数y=

∴k=﹣3，

∴反比例函数的表达式为y=﹣

（2）联立两个的数表达式得

解得

或

∴点B的坐标为B（﹣3，1）

当y=x+4=0时，得x=﹣4

∴点C（﹣4，0）

设点P的坐标为（x，0）

∵S△ACP=S△BOC

∴

解得x1=﹣6，x2=﹣2

∴点P（﹣6，0）或（﹣2，0）

【点评】本题是一次函数和反比例函数综合题，考查利用方程思想求函数解析式，通过联立方程求交点坐标以及在数形结合基础上的面积表达．

26．（8分）（2018•定西）已知矩形ABCD中，E是AD边上的一个动点，点F，G，H分别是BC，BE，CE的中点．

（1）求证：△BGF≌△FHC；

（2）设AD=a，当四边形EGFH是正方形时，求矩形ABCD的面积．

【考点】LE：正方形的性质；KD：全等三角形的判定与性质；LB：矩形的性质．

【专题】55：几何图形．

【分析】（1）根据三角形中位线定理和全等三角形的判定证明即可；

（2）利用正方形的性质和矩形的面积公式解答即可．

【解答】解：（1）∵点F，G，H分别是BC，BE，CE的中点，

∴FH∥BE，FH=BE，FH=BG，

∴∠CFH=∠CBG，

∵BF=CF，

∴△BGF≌△FHC，

（2）当四边形EGFH是正方形时，可得：EF⊥GH且EF=GH，

∵在△BEC中，点，H分别是BE，CE的中点，

∴GH=，且GH∥BC，

∴EF⊥BC，

∵AD∥BC，AB⊥BC，

∴AB=EF=GH=a，

∴矩形ABCD的面积=．

【点评】此题考查正方形的性质，关键是根据全等三角形的判定和正方形的性质解答．

27．（8分）（2018•定西）如图，点O是△ABC的边AB上一点，⊙O与边AC相切于点E，与边BC，AB分别相交于点D，F，且DE=EF．

（1）求证：∠C=90°；

（2）当BC=3，sinA=时，求AF的长．

【考点】MC：切线的性质；T7：解直角三角形．

【专题】15 ：综合题．

【分析】（1）连接OE，BE，因为DE=EF，所以，从而易证∠OEB=∠DBE，所以OE∥BC，从可证明BC⊥AC；

（2）设⊙O的半径为r，则AO=5﹣r，在Rt△AOE中，sinA===，从而可求出r的值．

【解答】解：（1）连接OE，BE，

∵DE=EF，

∴

∴∠OBE=∠DBE

∵OE=OB，

∴∠OEB=∠OBE

∴∠OEB=∠DBE，

∴OE∥BC

∵⊙O与边AC相切于点E，

∴OE⊥AC

∴BC⊥AC

∴∠C=90°

（2）在△ABC，∠C=90°，BC=3，sinA=

∴AB=5，

设⊙O的半径为r，则AO=5﹣r，

在Rt△AOE中，sinA===

∴r=

∴AF=5﹣2×=

【点评】本题考查圆的综合问题，涉及平行线的判定与性质，锐角三角函数，解方程等知识，综合程度较高，需要学生灵活运用所学知识．

28．（10分）（2018•定西）如图，已知二次函数y=ax2+2x+c的图象经过点C（0，3），与x轴分别交于点A，点B（3，0）．点P是直线BC上方的抛物线上一动点．

（1）求二次函数y=ax2+2x+c的表达式；

（2）连接PO，PC，并把△POC沿y轴翻折，得到四边形POP′C．若四边形POP′C为菱形，请求出此时点P的坐标；

（3）当点P运动到什么位置时，四边形ACPB的面积最大？求出此时P点的坐标和四边形ACPB的最大面积．

【考点】HF：二次函数综合题．

【专题】537：函数的综合应用．

【分析】（1）根据待定系数法，可得函数解析式；

（2）根据菱形的对角线互相垂直且平分，可得P点的纵坐标，根据自变量与函数值的对应关系，可得P点坐标；

（3）根据平行于y轴的直线上两点间的距离是较大的纵坐标减较小的纵坐标，可得PQ的长，根据面积的和差，可得二次函数，根据二次函数的性质，可得答案．

【解答】解：（1）将点B和点C的坐标代入函数解析式，得

，

解得，

二次函数的解析是为y=﹣x2+2x+3；

（2）若四边形POP′C为菱形，则点P在线段CO的垂直平分线上，

如图1，连接PP′，则PE⊥CO，垂足为E，

∵C（0，3），

∴E（0，），

∴点P的纵坐标，

当y=时，即﹣x2+2x+3=，

解得x1=，x2=（不合题意，舍），

∴点P的坐标为（，）；

（3）如图2，

P在抛物线上，设P（m，﹣m2+2m+3），

设直线BC的解析式为y=kx+b，

将点B和点C的坐标代入函数解析式，得

，

解得．

直线BC的解析为y=﹣x+3，

设点Q的坐标为（m，﹣m+3），

PQ=﹣m2+2m+3﹣（﹣m+3）=﹣m2+3m．

当y=0时，﹣x2+2x+3=0，

解得x1=﹣1，x2=3，

OA=1，

AB=3﹣（﹣1）=4，

S四边形ABPC=S△ABC+S△PCQ+S△PBQ

=AB•OC+PQ•OF+PQ•FB

=×4×3+（﹣m2+3m）×3

=﹣（m﹣）2+，

当m=时，四边形ABPC的面积最大．

当m=时，﹣m2+2m+3=，即P点的坐标为（，）．

当点P的坐标为（，）时，四边形ACPB的最大面积值为．

【点评】本题考查了二次函数综合题，解（1）的关键是待定系数法；解（2）的关键是利用菱形的性质得出P点的纵坐标，又利用了自变量与函数值的对应关系；解（3）的关键是利用面积的和差得出二次函数，又利用了二次函数的性质．