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四川省泸州市2011年中考数学试题及答案-解析版-

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2011年四川省泸州市中考数学试卷
一、选择题(本大题共12个小题,每小题2分,共24分) 12011•泸州)25的算术平方根是(

A5
B、﹣5

C±5
D

考点:算术平方根。 专题:计算题。
分析:根据算术平方根的定义进行解答即可.
2解答:解:∵5=25 25的算术平方根是5 故选A
2点评:本题考查的是算术平方根的概念,即如果一个正数x的平方等于ax=a那么这个正数x叫做a的算术平方根. 22011•泸州)如图,该图形绕点O按下列角度旋转后,不能与其自身重合的是(
A72° B108° C144° D216° 考点:旋转对称图形。 专题:常规题型。
分析:该图形被平分成五部分,因而每部分被分成的圆心角是72°,并且圆具有旋转不变性,因而旋转72度的整数倍,就可以与自身重合.
解答:解:该图形被平分成五部分,旋转72度的整数倍,就可以与自身重合, 因而ACD都正确,不能与其自身重合的是B 故选B
点评:本题考查旋转对称图形的概念:把一个图形绕着一个定点旋转一个角度后,与初始图形重合,这种图形叫做旋转对称图形,这个定点叫做旋转对称中心,旋转的角度叫做旋转角. 32011•泸州)已知函数,则自变量x的取值范围是(
Ax≠2 Bx2 C Dx≠2
考点:函数自变量的取值范围。
分析:要使函数有意义,则根式里被开方数不小于0,分母不为0,列出不等式解出答案. 解答:解:要使函数有意义, ,解得x≥x≠2
故选D
点评:主要考查了函数自变量的取值范围的确定和分式的意义.函数自变量的范围一般从三个方面考虑: 1)当函数表达式是整式时,自变量可取全体实数; 2)当函数表达式是分式时,考虑分式的分母不能为0 3)当函数表达式是二次根式时,被开方数非负. 42011•泸州)如图,∠1与∠2互补,∠3=135°,则∠4的度数是(

1
A45° B55° C65° D75° 考点:平行线的判定与性质;对顶角、邻补角。 专题:计算题。 分析:因为∠1与∠2互补,所以ab,又因为∠3=5,所以∠4与∠5互补,则∠4的度数可求. 解答:解:∵1与∠2互补, ab 3=5 5=135° ab 4与∠5互补, 4=180°135°=45° 故选A

点评:本题考查平行线的判定与性质,正确识别三线八角中的同位角、内错角、同旁内角是正确答题的关键. 52011•泸州)小明的父亲饭后出去散步,从家中出发走20分钟到一个离家900米的报亭看报10分钟后,用15分钟返回家,下列图中表示小明的父亲离家的距离y(米)与离家的时间x(分)之间的函数关系的是(
A B
C D 考点:函数的图象。
分析:从小明散步的时间段看,分为020分钟散步,2030分钟看报,3045分钟返回家,按时间段把函数图象分为三段.
解答:解:依题意,020分钟散步,离家路程增加到900米, 2030分钟看报,离家路程不变,
3045分钟返回家,离家路程减少为0米. 故选D 点评:本题考查利用函数的图象解决实际问题.正确理解函数图象横纵坐标表示的意义,理解问题的过程,就能够通过图象得到函数问题的相应解决. 62011•泸州)如图所示的两台天平保持平衡,已知每块巧克力的重量相等,且每个果冻的重量也相等,则每块巧克力和每个果冻的重量分别为(

A10g40g B15g35g C20g30g D30g20g 考点:二元一次方程组的应用。
分析:根据图可得:3块巧克力的重=2个果冻的重;1块巧克力的重+1个果冻的重=50克,由此可设出未2
知数,列出方程组.
解答:解:设每块巧克力的重x克,每个果冻的重y克,由题意得:
,解得:
故选C
点评:此题主要考查了二元一次方程组的应用,关键是弄懂题意,找出题目中的相等关系,列出方程组. 72011•泸州)已知⊙O的半径OA=10cmAB=16cmP为弦AB上的一个动点,OP的最短距离为 A5cm B6cm C8cm D10cm 考点:垂径定理;垂线段最短;勾股定理。 专题:计算题。
分析:根据直线外一点到直线上任一点的线段长中垂线段最短得到当OP为垂线段时,即OPABOP的最短,再根据垂径定理得到AP=BP=AB=×16=8,然后根据勾股定理计算出OP即可.
解答:解:当OP为垂线段时,即OPABOP的最短,如图,AP=BP=AB=×16=8 OA=10 RtOAP中, OP===6cm

故选B
点评:本题考查了垂径定理:垂直于弦的直径平分弦,并且平分弦所对的弧;也考查了垂线段最短以及勾股定理.
82011•泸州)设实数ab在数轴上对应的位置如图所示,化简的结果是( A、﹣2a+b B2a+b C、﹣b Db 考点:二次根式的性质与化简;实数与数轴。
分析:根据数轴上ab的值得出ab的符号,a0b0,以及a+b0,即可化简求值. 解答:解:根据数轴上ab的值得出ab的符号,a0b0a+b0 =a+a+b=b
故选:D
点评:此题主要考查了二次根式的化简以及实数与数轴,根据数轴得出ab的符号是解决问题的关键. 92011•泸州)如果圆锥的底面周长为20π,侧面展开后所得扇形的圆心角为120°,则该圆锥的全面积为( A100π B200π C300π D400π 考点:圆锥的计算。
分析:圆锥的底面周长也就是圆锥的侧面展开图的弧长,利用弧长公式可求得圆锥的母线长,进而利用圆锥的侧面积=底面周长×母线长可求得该圆锥的侧面积. 解答:解:设圆锥的母线长为R,则解得R=30
=20π
3
圆锥的侧面积=×20π×30=300π
底面半径为:20π÷2π=10
2所以底面积为:π10=100π 总面积为:300π+100π=400π 故选D 点评:本题考查圆锥侧面积公式的运用;用到的知识点为:圆锥的侧面展开图的弧长等于圆锥的底面周长. 102011•泸州)如图是一些大小相同的小正方体组成的几何体的主视图和俯视图,则组成这个几何体的小正方体最多块数是( A8 B10 C12 D14 考点:由三视图判断几何体。
分析:主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看,所得到的图形,再根据主视图与俯视图得出答案,
解答:解:根据几何体的主视图和俯视图,可以得出从主视图看最少有6个,从俯视图看,最左边正方形前后可以有三列,分别有三个, 故最多有3×3+3=12个, 故选:C
点评:此题主要考查了三视图的概念.根据从俯视图看,最左边正方形前后可以有三列,分别有三个从而得出答案是解决问题的关键. 112011•泸州)如图,在RtABC中,∠ABC=90°,∠C=60°AC=10,将BCBA方向翻折过去,使点C落在BA上的点C,折痕为BE,则EC的长度是(


A


B C

D

考点:翻折变换(折叠问题) 专题:数形结合。 分析:EDBCD,可得含30°RtCED及含45°的直角三角形BED,设所求的ECx,则CD=0.5xBD=BE=x,根据BC=5列式求值即可.
x
解答:解:作EDBCD,设所求的ECx,则CD=xBD=BE=ABC=90°,∠C=60°AC=10 BC=AC×cosC=5 CD+BD=5 CE=5故选B
5

4
点评:考查翻折变换问题;构造出含30°及含45°的直角三角形是解决本题的突破点.
2122011•泸州)已知二次函数y=ax+bx+cabc为常数,a≠0)的图象如图所示,有下列结论:①abc20,②b4ac0,③ab+c0,④4a2b+c0,其中正确结论的个数是(
A1 B2 C3 D4 考点:二次函数图象与系数的关系。 专题:计算题。
分析:首先根据开口方向确定a的取值范围,根据对称轴的位置确定b的取值范围,根据抛物线与y轴的2交点确定c的取值范围,根据抛物线与x轴是否有交点确定b4ac的取值范围,根据图象和x=2的函数值即可确定4a+2b+c的取值范围,根据x=1的函数值可以确定ba+c是否成立. 解答:解:∵抛物线开口朝下,∴a0 对称轴x=1=,∴b0
抛物线与y轴的交点在x轴的上方,∴c0 abc0,故①错误;
根据图象知道抛物线与x轴有两个交点, 2b4ac0,故②错误;
根据图象知道当x=1时,y=ab+c=0 故③错误;
根据图象知道当x=2时,y=4a2b+c0,故④正确. 故选A
点评:此题主要考查图象与二次函数系数之间的关系,会利用对称轴的范围求2ab的关系,以及二次函数与方程之间的转换,根的判别式的熟练运用.
二、填空题(本大题共6个小题,每小题3分,共18分)把答案填写在题中横线上. 132011•泸州)某样本数据是22x336,如果这个样本的众数是2,则x的值是 2 考点:众数。 专题:应用题。
分析:根据众数的定义,确定出数据中出现次数最多的数即为x 解答:解:∵22x336中,众数是2 于是可知x=2 故答案为2
点评:此题考查了众数的定义:一组数据中,出现次数最多的数叫该组数据的众数,众数可以有多个. 142011•泸州)已知反比例函数的图象在第一、三象限,则m的取值范围是 m
考点:反比例函数的性质。
分析:根据反比例函数的图象位于一、三象限,2m+10,解不等式即可得结果. 解答:解:由于反比例函数2m+10 解得:m
的图象位于第一、三象限,
故答案为:m>﹣
点评:本题考查了反比例函数的性质,k0时,函数图象位于一三象限;k0时,函数位于二四象限.
5
152011•泸州)矩形ABCD的对角线相交于点OAB=4cm,∠AOB=60°,则矩形的面积为 16cm
2考点:矩形的性质;等边三角形的判定与性质;勾股定理。 专题:计算题。
分析:根据矩形的性质得出AC=BDOA=OCOD=OB,∠ABC=90°,推出OA=OB,得到等边三角形ABO,求AC,由勾股定理求出BC,计算即可. 解答:解:∵矩形ABCD AC=BDOA=OCOD=OB,∠ABC=90° OA=OB AOB=60° ABO是等边三角形, AC=2OA=2AB=8 由勾股定理得:BC=矩形的面积是BC•AB=4故答案为:16
×4=16=4

点评:本题主要考查对矩形的性质,等边三角形的性质和判定,勾股定理等知识点的理解和掌握,能求出ACBC的长是解此题的关键.
22162011•泸州)已知关于x的方程x+2k+1x+k2=0的两实根的平方和等于11,则k的值为 1 考点:根与系数的关系;解一元二次方程-因式分解法;根的判别式。
222分析:由题意设方程x+2k+1x+k2=0两根为x1x2,得x1+x2=﹣(2k+1x1•x2=k2,然后再根据两实根的平方和等于11,从而解出k值.
22解答:解:设方程方程x+2k+1x+k2=0设其两根为x1x2
2x1+x2=﹣(2k+1x1•x2=k2
22=2k+1k2=4k+90 k>﹣
x1+x2=11
2x1+x22x1x2=11
222k+12k2=11 解得k=1或﹣3 k>﹣
故答案为k=1
点评:此题应用一元二次方程根与系数的关系解题,利用两根的和与两根的积表示两根的平方和,把求未知系数的问题转化为解方程的问题. 172011•泸州)如图,半径为2的圆内接等腰梯形ABCD,它的下底AB是圆的直径,上底CD的端点在22圆周上,则该梯形周长的最大值是 10 考点:二次函数的最值;等腰梯形的性质;解直角三角形。
2分析:根据圆心为O,则OA=OB=OC=OD=2,设腰长为x,设上底长是2b,利用勾股定理得出,则x﹣(22222b=Rb=CP,再利用二次函数最值求出即可. 解答:解:圆心为O,则OA=OB=OC=OD=2,设腰长为x 6
设上底长是2b,过C作直径的垂线,垂足是P,则x﹣(2b=Rb=CP代入整理得b=2y=4+2x+2b =4+2x+4=
,所以,
22222
+2x+8
==10
该梯形周长的最大值是:故答案为:10
2点评:此题主要考查了二次函数的最值以及等腰梯形的性质和解直角三角形,根据题意得出x﹣(2b2222=Rb=CP从而利用二次函数最值求法求出是解决问题的关键. 182011•泸州)如图,是用三角形摆成的图案,摆第一层图需要1个三角形,摆第二层图需要3个三角形,摆第三层图需要7个三角形,摆第四层图需要13个三角形,摆第五层图需要 21 个三角形,,摆n层图需要 nn+1 个三角形. 考点:规律型:图形的变化类。 专题:规律型。
分析:观察可得,第1层三角形的个数为1,第2层三角形的个数为3,比第1层多2个;第3层三角形的个数为7,比第2层多4个;可得,每一层比上一层多的个数依次为246据此作答.
2解答:解:观察可得,第1层三角形的个数为1,第2层三角形的个数为22+1=3
33层三角形的个数为33+1=7
2第四层图需要44+1=13个三角形
2摆第五层图需要55+1=21
2那么摆第n层图需要nn+1个三角形.
2故答案为:21nn+1
点评:此题考查了平面图形的有规律变化,要求学生的通过观察图形,分析、归纳并发现其中的规律,并应用规律解决问题. 三、(本大题共3个小题,每小题5分,共15分) 192011•泸州)计算:
2考点:实数的运算;零指数幂;负整数指数幂;特殊角的三角函数值。
分析:本题涉及零指数幂、负指数幂、立方根化简、特殊角的三角函数值4个考点.在计算时,需要针对每个考点分别进行计算,然后根据实数的运算法则求得计算结果. 解答:解:=12++2
=3
点评:此题主要考查了实数的综合运算能力,是各地中考题中常见的计算题型.解决此类题目的关键是熟练掌握负整数指数幂、零指数幂、二次根式、绝对值等考点的运算.

7
202011•泸州)先化简,再求值:考点:分式的化简求值。 专题:计算题。
分析:先通分,然后进行四则运算,最后将x=解答:解:原式=×=代入即可得出答案.
×
=

,其中
x=代入原式==2
点评:本题主要考查了分式的化简求值,解答此题的关键是把分式化到最简,然后代值计算. 212011•泸州)如图,已知DABC的边AB上一点,CEABDEAC于点O,且OA=OC,猜想线段CD与线段AE的大小关系和位置关系,并加以证明.

考点:平行四边形的判定与性质。 专题:证明题。 分析:根据CEABDEAC于点O,且OA=OC,求证ADOECO,然后求证四边形ADCE是平行四边形,即可得出结论.
解答:线段CD与线段AE的大小关系和位置关系是:平行且相等. 证明:∵CEAB DAO=ECO OA=OC ADOECO AD=CE 四边形ADCE是平行四边形, CDAE
点评:此题主要考查了平行四边形的判定与性质等知识点的理解和掌握,解答此题的关键是求证ADOECO,然后可得证四边形ADCE是平行四边形,即可得出结论. 四、(本大题共2个小题,每小题6分,共12分)
222011•泸州)求不等式组的整数解.
考点:一元一次不等式组的整数解。 专题:探究型。
分析:分别求出各不等式的解集,再求出其公共解集,在其公共解集内找出符合条件的x的整数值即可.
解答:解:,由①得,x≤2,由②得,x>﹣3
故此不等式组的解集为:﹣1x≤2x的整数解为:﹣2,﹣1012
8
故答案为:﹣2,﹣1012
点评:本题考查的是一元一次不等式组的整数解,求不等式组的解集,应遵循以下原则:同大取较大,同小取较小,小大大小中间找,大大小小解不了. 232011•泸州)甲口袋中装有两个相同的小球,它们的标号分别为27,乙口袋中装有两个相同的小球,它们的标号分别为45,丙口袋中装有三个相同的小球,它们的标号分别为389.从这3个口袋中各随机地取出1个小球.
1)求取出的3个小球的标号全是奇数的概率是多少?
2)以取出的三个小球的标号分别表示三条线段的长度,求这些线段能构成三角形的概率. 考点:列表法与树状图法;三角形三边关系。 分析:1)因为此题需要三步完成,所以采用树状图法最简单,所以先画树状图,然后根据树状图求得所有等可能的结果与取出的3个小球的标号全是奇数的情况,然后利用概率公式即可求得答案; 2)根据(1)中的树状图求得这些线段能构成三角形的情况,再根据概率公式求解即可. 解答:解:1)画树状图得: 一共有12种等可能的结果,
取出的3个小球的标号全是奇数的有2种情况, 取出的3个小球的标号全是奇数的概率是:=
2)∵这些线段能构成三角形的有2437487497537587596种情况,
这些线段能构成三角形的概率为=

点评:此题考查了树状图法求概率.注意树状图法适合于两步及两步以上完成的事件.用到的知识点为:概率=所求情况数与总情况数之比. 五、(本大题共2个小题,每小题7分,共14分) 242011•泸州)如图,已知函数的图象与一次函数y=kx+b的图象交于点A1mBn2)两点.
1)求一次函数的解析式;
2)将一次函数y=kx+b的图象沿x轴负方向平移aa0)个单位长度得到新图象,求这个新图象与函的图象只有一个交点Ma的值及交点M的坐标.

考点:反比例函数与一次函数的交点问题。 专题:函数思想。
9
分析:1)将点A1mBn2)代入反比例函数的解析式,求得mn的值,然后将其代入一次函数解析式,即用待定系数法求一次函数解析式;
2)根据题意,写出一次函数变化后的新的图象的解析式,然后根据根的判别式求得a值.最后将a代入其中,求得M的坐标即可. 解答:解:1)∵A1mBn2)在反比例函数的图象上, ,解得,
一次函数y=kx+b的图象交于点A16B32)两点. ,解得,
一次函数的解析式是y=2x+8

2一次函数y=kx+b的图象沿x轴负方向平移aa0个单位长度得到新图象的解析式是:y=2x+a+8 根据题意,得x+a4x+3=0 这个新图象与函数=a412=0 解得,a=4±2a=42解方程组,得
,∴M2
时,
2
2
的图象只有一个交点,
a=4+2时,
解方程组,得

M(﹣,﹣2 M2)或M(﹣,﹣2
综上所述,a=4±2点评:本题主要考查了反比例函数与一次函数交点问题.用待定系数法确定函数的解析式,是常用的一种解题方法.同学们要熟练掌握这种方法. 252011•泸州)如图,一艘船以每小时60海里的速度自A向正北方向航行,船在A处时,灯塔S在船的北偏东30°,航行1小时后到B处,此时灯塔S在船的北偏东75°(运算结果保留根号) 1)求船在B处时与灯塔S的距离;
2)若船从B处继续向正北方向航行,问经过多长时间船与灯塔S的距离最近.
10

考点:解直角三角形的应用-方向角问题。 专题:计算题。 分析:1)延长AB,作SCAC,垂足为C,构造两个直角三角形,用SC的值表示出ACBC的值,即可求CS的值,再求出BS的值,再根据∠CBS=75°求出BS
2)根据(1)中计算,求出BC的长,再根据船的航速,利用时间=路程÷速度即可求出船从B处继续向正北方向航行与灯塔S的距离最近的时间. 解答:解:1)延长AB,作SCAC,垂足为C SC=x
RtASC中,AC=xcot30°=x
x
RtBSC中,BC=xcot75°=2AB=60海里, 又∵AB=ACBC=2BS=x﹣(2x=22x +1)海里.
2x=60 解得:x=15==30海里.
故(1BS=30海里;
=小时.
2)船与灯塔S的最近距离为CS,船的航行时间为 点评:此题考查了解直角三角形﹣﹣﹣方向角问题,构造出两个直角三角形,利用三角函数是解题的关键. 六、(本大题共2个小题,其中第26小题7分,第27小题10分,共17分) 262011•泸州)如图,点P为等边ABC外接圆劣弧BC上一点. 1)求∠BPC的度数; 2)求证:PA=PB+PC
3)设PABC交于点M,若AB=4PC=2,求CM的长度.
11

考点:相似三角形的判定与性质;全等三角形的判定与性质;等边三角形的性质;圆周角定理。 专题:证明题。 分析:1)由圆周角定理得∠BPC与∠BAC互补; 2)在PA上截取PD=PC,可证明ACDBCP,则AD=PB,从而得出PA=PB+PC 3)容易得到CDMACM,所以CMAM=DMMC=DCAC=24=12,设DM=x,则CM=2xBM=42xPM=2xAM=4xBPMACM,所以BPAC=PMCM,即3x4=2x2x,解此方式方程求x
解答:解:1)∵ABC为等边三角形,∴BAC=60° P为等边ABC外接圆劣弧BC上一点, BPC+BAC=180° BPC=120°
2)在PA上截取PD=PC AB=AC=BC,∴APB=APC=60° PCD为等边三角形,∴ADC=120° ACDBCP,∴AD=PB PA=PB+PC 3)∵CDMACM,∴CMAM=DMMC=DCAC=24=12 DM=x,则CM=2xBM=42xPM=2xAM=4x BPMACM BPAC=PMCM 3x4=2x2x 解得,x=x=(舍去负号) ,∴CM=
点评:本题考查了相似三角形的判定和性质、全等三角形的判定和性质、圆周角定理以及等边三角形的性质,是一个综合题,难度较大.
272011•泸州)已知二次函数y=ax+bx+c的图象的顶点坐标为2,且
1)若该函数的图象经过点(﹣1,﹣1 求使y0成立的x的取值范围. 若圆心在该函数的图象上的圆与x轴、y轴都相切,求圆心的坐标.
2)经过A0p)的直线与该函数的图象相交于MN两点,过MNx轴的垂线,垂足分别为M12N1MAM1AM1N1ANN1的面积分别为s1s2s3是否存在m使得对任意实数p≠0都有s2=ms1s3成立,若存在,求出m的值,若不存在,请说明理由. 考点:二次函数综合题。
分析:1)根据二次函数y=ax+bx+c的图象的顶点坐标为2,且,以及函数的图象经过点(﹣1,﹣1,得出关于abc的方程组,解方程组求出abc的值. 画出图象,即可得出使y0成立的x的取值范围; 根据圆与直线相切得出OQ=FO,再解一元二次方程即可得出;
2)分别过MN作直线ly=1的垂线,垂足分别是 M1N1.分别表示出MAM1AM1N1ANN12的面积s1s2s3再条件s2=ms1s3成立进而求出m的值.
12
解答:解:1)∵二次函数y=ax+bx+c的图象的顶点坐标为又∵函数的图象经过点(﹣1,﹣1 代入二次函数解析式得:
2,且
,解得:
y=x
利用函数图象可知使y0成立的x的取值范围是:全体实数; 若圆心在该函数的图象上的圆与x轴、y轴都相切, 假设与x轴切点为Q,与y轴切点为F
2OQ=FOx=x
22

整理得:x2x+1=0 解得:x1=x2=1 QO=FO=1 圆心的坐标为:1,﹣1)或(﹣11
22)存在m,使得对任意实数p≠0都有s2=ms1s3成立.
点评:此题主要考查了二次函数的综合应用以及圆的切线性质和三角形面积求法,二次函数的综合应用是初中阶段的重点题型特别注意利用数形结合是这部分考查的重点也是难点同学们应重点掌握.
13
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